E1 Esercizi svolti di Cinematica
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E1 Esercizi svolti di Cinematica
Esercizi svolti di Cinematica 1. Un punto materiale è lanciato verso il basso da O con velocità iniziale v(0) lungo un piano inclinato liscio. Determinare: a. la velocità v con cui il punto raggiunge il punto più basso della rampa Q; b. il tempo totale che esso impiega a raggiungere Q. y O θ H v(0) = 5 ms-1 ; h = OH = 1 m ; θ = 30° Q x Il punto materiale procede lungo il piano inclinato sotto l’azione della forza peso e della reazione vincolare. La II equazione della dinamica è: r r r P + R = ma Proiettando l’equazione nel sistema di riferimento Oxy, si ha per la componente x: mg sen θ = ma (moto uniformemente accelerato) e quindi: a = g sen θ v = (g sen θ) t + v(0) 1 . l = (g senθ ) t 2 + v(0) t 2 Mettendo le ultime due equazioni a sistema si ricavano t e v : v= t= v(0)2 + 2 g l senθ = v − v(0) = 0.35 s g senθ v(0)2 + 2 g h = 6.7 ms-1 2. Un punto materiale è lanciato in O con velocità iniziale v(0) lungo un piano inclinato liscio di lunghezza l . Determinare: a. la velocità v con cui il punto raggiunge il punto più alto della rampa Q; b. il tempo totale che esso impiega a raggiungere Q. Q x y θ O v(0) = 20 ms-1 ; l = 10 m ; θ = 30° Il punto materiale procede lungo il piano inclinato sotto l’azione della forza peso e della reazione vincolare. La II equazione della dinamica è: r r r P + R = ma Proiettando l’equazione nel sistema di riferimento Oxy, si ha per la componente x: -mg sen θ = ma (moto uniformemente accelerato) e quindi: a = -g sen θ v = -(g sen θ) t + v(0) 1 l = − (g senθ ) t 2 + v(0) t . 2 Mettendo le ultime due equazioni a sistema si ricavano t e v: v= t= ( v(0) 2 ) − 2 g l senθ = 17.4 ms-1 v(0) − v = 0.5 s g senθ 3. Un calciatore, a distanza d dalla porta, tira frontalmente verso un punto della porta posto ad altezza h. Determinare la velocità iniziale vo del pallone. y B θ = 45°, d = 15 m ; h = 2.2 m θ A Le equazioni del moto della sfera sono: x = v ox t 1 2 y = v oy t − 2 g t Eliminando t tra le due equazioni e ricordando che v ox = v o cos θ v oy = v o sen θ si ottiene l’equazione della traiettoria: g y = tg θ x − x2 2 2 v o cos 2 θ Imponendo che la palla passi per il punto (d, h) si ha: g h = tg θ d − d2 2 2 2 v o cos θ da cui si ricava vo: vo = d cos θ g 2 (d tg θ − h ) = 13 m s-1 h x 4. Un calciatore, a distanza d dalla porta, tira frontalmente eseguendo un pallonetto per scavalcare il portiere. La palla, scagliata con velocità iniziale vo , andrebbe a toccare terra esattamente sulla linea. Sapendo che il portiere si trova inizialmente in B, e che in quella situazione può afferrare il pallone fino ad un’altezza h, quanto deve arretrare verso la porta per parare il tiro? (si indichi con ∆x tale valore) y θ A h B d = 20 m ; AB = 15 m ; h = 2.7 m ; θ = 60° Le equazioni del moto della sfera sono: x = v ox t 1 2 y = v oy t − 2 g t Eliminando t tra le due equazioni e ricordando che v ox = v o cos θ v oy = v o sen θ si ottiene l’equazione della traiettoria: g y = tg θ x − x2 2 2 v o cos 2 θ Imponendo che la palla passi per il punto (d, 0) si ha: g 0 = tg θ d − d2 2 2 2 v o cos θ da cui si ricava vo: vo = d cos θ g 2 d tg θ = 15 m s-1 I valori di x per cui y = h sono dati dall’equazione: g h = tg θ x − x2 2 2 2 v o cos θ Risolvendo l’equazione di II grado si trovano le soluzioni: 18 m x= 1.7 m Delle due, la seconda non è consistente con i dati del problema. Il portiere in definitiva deve arretrare del tratto: ∆x = x − ΑΒ = 3 m x 5. Un’auto passa in O alla velocità v1(0). Nello stesso istante, parte in O una seconda auto con accelerazione a2. Quest’ultima, dopo un tempo t2 mantiene costante la sua velocità. Determinare dopo quanto tempo raggiunge la prima auto. v1(0) = 10 ms-1 ; a2 = 1.5 ms-2 ; t2 = 10 s Nota. Se necessario, si indichino come segue le grandezze: x2 Spazio percorso dalla seconda auto con moto accelerato v2 Velocità massima della seconda auto x Posizione in cui le auto si incontrano t Istante dell’incontro 200 150 x (m) Il valore di x2 si ricava dall’equazione: 1 x 2 = a 2 t 22 = 75 m 2 La velocità v2 è data da: v2 = a2 t2 = 15 ms-1 Dopo l’istante t2 valgono le due equazioni per le leggi orarie delle due auto: x = v1 (0) t x = x 2 + v 2 (t − t 2 ) Risolvendo il sistema si ha: t = 15 s x = 150 m 100 50 0 0 10 t (s) 20 6. Due auto partono nello stesso istante con accelerazioni a1 e a2 rispettivamente. La prima auto, dopo un tempo t1, procede a velocità costante. In che posizione sarà raggiunta dalla seconda auto? a1 = 0.6 ms-2 ; a2 = 0.5 ms-2 ; t1 = 18 s Nota. Se necessario, si indichino come segue le grandezze: x1 Spazio percorso dalla prima auto con moto accelerato v1 Velocità massima della prima auto Velocità massima della seconda auto v2 x Posizione in cui le auto si incontrano t Istante dell’incontro t = v1 ± v12 − a 2 (2 v1 t 1 − 2 x 1 ) a2 La seconda soluzione (segno -) è inaccettabile (vedi grafico). Quindi t = 31 s, da cui 1 x = a 2 t 2 = 240 m 2 350 300 x (m) Il valore di x1 si ricava dall’equazione: 1 x 1 = a 1 t 12 = 97 m 2 Dopo l’istante t1 valgono le due equazioni per le leggi orarie delle due auto: x = x 1 + v1 (t − t 1 ) 1 2 x = 2 a 2 t Risolvendo il sistema si ha: 250 200 150 100 50 0 0 10 20 t (s) 30 40 7. Un oscillatore armonico si muove secondo la legge oraria x (t ) = A cos (ω t ) . Determinare il periodo del moto T , ed il valore vm della massima velocità assunta dal punto materiale nel suo moto. ω = 0.1 s-1 ; m = 1 Kg ; A = 1 cm 2π = 63 s ω La velocità è data dalla legge v (t ) = A ω sen (ω t ) Il massimo valore assunto dalla funzione seno è 1; quindi vm = A ω = 10-3 ms-1 T=