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SISTEMI PARAMETRICI A cura di Laura Aschei La procedura per affrontare questo tipo di problemi è la medesima del calcolo del rango di matrici parametriche, quindi vi propongo degli esempi commentati seguiti da alcuni esercizi con soluzione in modo tale da capire come affrontarli. PRIMO PASSAGGIO: ESPRIMERE IL TUO SISTEMA IN FORMA MATRICIALE, perciò per comodità i sistemi di seguito elencati saranno già dati con questa rappresentazione SISTEMA CON MATRICE A nxn: A= 1 k 1+k 2 1 0 k k -3 2k 0 1 1 k+1 0 k 1 0 B= 0 0 La matrice A essendo di ordine nxn non potrà avere rango superior a n, quindi vediamo quando assume determinante nullo. (lo sviluppo del determinante lo eseguo lungo la riga o colonna cerchiata d’ora in poi) Det(A)= K k -3 1 1 k+1 = -3(1 – k ) – (k+1) ( k – k 2 ) = -3( 1-k) – k( k+1) (1-k) = K 1 0 =(1-k)(-3 – k – k2)= ( k -1 ) (3 + k + k2) [ l’eq di secondo grado non ammette soluzioni reali, e a noi, studiando solo matrici con valori reali, risulta che il det(A) si annulla solo per k=1] Per k ≠ 1 il rango di A = 4, e la matrice completa avendo dimensione 4X5 non può avere rango maggiore di 4, ma avendo al suo interno la matrice A avrà lei medesima rango 4 Vediamo cosa avvade per k=1 A= 1 1 2 2 0 1 1 -3 0 1 1 2 0 1 1 0 1 1 2 2 1 Ẫ (matrice completa) = 0 1 1 -3 2 0 1 1 2 0 0 1 1 0 0 Il suo rango è : (cerchio in rosso le sottomatrici a cui applico il metodo degli orlati) Primo orlato (verde) Det(D11)= - 4 ≠ 0, bene allora inizio ad orlare questa matrice so che il rang(Ẫ) ≥ 3 Secondo orlato (giallo) Det(D21)= - ((2+3) – 2(4 -2)) + ((2 +3) – 2(2 -2))= 4 ≠ 0 , ok, ora so che il rang(Ẫ) ≥ 4, ma poiché la matrice è di ordine 4x5, non può avere rango maggiore di 4, percià il rang(Ẫ) = 4 per k=1 Ora sappiamo per cerco che il sistema per k=1 non è risolvibile in quanto rang(A) ≠ 4 avendo det(A)=0, mentre il rang(Ẫ) = 4. Mentre per tutti gli altri valori di k il sistema è risolvibile anche determinato in quanto rang(A) = rang(Ẫ) = 4 = numero di incognite. Esercizio A= K 0 0 0 k+1 1 1 k 1 k+1 B= k+1 0 Soluzione: k=0 sistema non è risolubile k≠0 il sistema ammette soluzioni e risulta determinato SISTEMA CON MATRICE A nxm A= K+2 k 0 1 k k k 0 0 3 k 2 k B= 0 3 eq. In 4 incognite, con V indico la varietà lineare 2k Cerco una sotto matrice di A di ordine 3x3 e ne calcolo il determinante Det(A11)= k(2k) + k2 – 3k = 3 k2 – 3k = 3 k ( k - 1) K=1 Rg(A)=rg( Ẫ)=3≠ 4 = n° incognite Dim(V)= 4 – 3 = 1 K=0 Rg(A) = rg( Ẫ)= 2 Dim(ker)= 4 – 2 = 2 Rg(A)=rg( Ẫ)=3≠ 4 = n° incognite Dim(V)= 4 – 3 = 1 k≠0 e k≠1 A= Caso k = 0 2 0 0 1 0 0 0 0 0 3 0 2 0 B= 0 0 Avendo una riga totalmente nulla, la matrice A avrà rango 2, infatti esiste il minore evidenziato diverso da 0. Ma avendo ora in sistema omogeneo, il mio sistema sarà sempre risolubile, e il Ker avrà dimensione 4 – 2 = 2 A= Caso k = 1 3 1 0 1 1 1 1 0 0 3 1 2 1 B= 0 2 Prendo in esame la sotto matrice evidenziata e la orlo Primo orlato (verde) Det(A11) = 0 Secondo orlato (viola) Det(A12) = 7 ≠ 0 cioè il rang(A) =3 = rag(Ẫ) ≠ n° incognite Esercizio A= K k+2 1 0 K 2 k B= k+1 0 Consiglio: poiché la matrice completa è di ordine 3x3 partire calcolando il determinante di essa Soluzione: per k=0 rang(A)= rang(Ẫ) = 2 dim(V)= 2-2=0 sistema determinato per k≠0 non ammette soluzioni