www.matefilia.it Scuole italiane all`estero (Calendario australe) 2008
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www.matefilia.it Scuole italiane allβestero (Calendario australe) 2008 β PROBLEMA 2 Il trapezio ABCD è isoscele e circoscritto ad un cerchio di raggio 1. Si ponga la base minore CD=2x. 1) 2 Si provi che è: π΄π΅ = π₯ . Il triangolo BCO è rettangolo in O, essendo gli angoli DCB e ABC supplementari, quindi gli angoli OCE ed EBO (metà dei precedenti) sono complementari. ππΈ 2 1 Per il secondo teorema di Euclide risulta: ππΈ 2 = πΆπΈ β π΅πΈ; π΅πΈ = πΆπΈ = π₯. Quindi: 1 1 1 1 π΅π2 = ππΈ 2 + π΅πΈ 2 = 1 + 2 ; ππ’ππππ: π΅πΎ 2 = ππ΅ 2 β ππΎ 2 = 1 + 2 β 1 = 2 ; π΅πΎ = π₯ π₯ π₯ π₯ 2 Pertanto: π΄π΅ = 2π΅πΎ = π₯ π. π£. π. 2) Si dimostri che il volume del solido, ottenuto dalla rotazione completa del trapezio attorno alla base maggiore, assume il valore minimo per π₯ = Estero (calendario australe) Ordinaria 2008β Problema 2 1/ 2 β2 . 2 www.matefilia.it Il solido generato è un cilindro con sovrapposti due coni uguali. π(ππππππππ) = ππ 2 β = πππΆ 2 β πΆπ· = π(4)(2π₯) = 8ππ₯ 1 1 1 1 1 4 1 π(ππππ) = ππ 2 β = πππΆ 2 β ππ΅ = π (4)(π΅πΎ β π₯) = π (4) ( β π₯) = π ( β π₯) 3 3 3 3 π₯ 3 π₯ Quindi: 4 1 8 1 8 1 8 1 π(π πππππ) = 8ππ₯ + 2 ( π ( β π₯)) = 8ππ₯ + π ( β π₯) = π [3π₯ + β π₯] = π (2π₯ + ) 3 π₯ 3 π₯ 3 π₯ 3 π₯ Tale volume è massimo se lo è la funzione: Tale volume è massimo se lo è la funzione: 1 π(π₯) = 2π₯ + , πππ 0 < π₯ β€ 1 π₯ Metodo delle derivate: 1 β2 β2 π β² (π₯) = 2 β 2 β₯ 0 π π 2π₯ 2 β 1 β₯ 0: π₯ β€ β π£ππ π₯ β₯ π₯ 2 2 β2 Quindi la funzione è decrescente se 0 < π₯ < 2 e crescente se β2 β2 2 < π₯ < 1; essa è quindi β2 minima se π₯ = 2 : il volume è minimo se π₯ = 2 . Metodo elementare: 1 π(π₯) = 2π₯ + , πππ 0 < π₯ β€ 1 π₯ 1 1 Siccome 2π₯ β π₯ = 2 = πππ π‘πππ‘π, la somma 2π₯ + π₯ è minima quando le due quantità 1 1 (positive) sono uguali, cioè quando: 2π₯ = π₯ da cui π₯ 2 = 2 : π₯ = β2 2 come già visto. 3) In corrispondenza di tale valore di x, si calcoli lβarea del quadrilatero avente per vertici i quattro punti in cui il trapezio è tangente al cerchio. Per il teorema di Talete si ha: π»πΊ: πΊπΎ = π₯: π¦ = Quindi: π»πΊ = 2 β πΊπΎ = π₯ 2 β πΊπΎ; π₯ 2 1 π₯ = π₯2 πΊπΎ = 1+π₯ 2 2 2π₯ 2 π»πΊ = 2 β πΊπΎ = 2 β = 1 + π₯2 1 + π₯2 Per il secondo teorema di Euclide risulta poi: 2π₯ 2 2 2π₯ β πΊπΈ = βπ»πΊ β πΊπΎ = β = 1 + π₯2 1 + π₯2 1 + π₯2 Quindi: π΄(πΈπ»πΉπΎ) = πΈπΉβπ»πΎ 2 = 2πΈπΊβ2 2 4π₯ = 2 β πΈπΊ = 1+π₯ 2 = β2 2 1 1+ 2 4β = 4β2 3 π’2 = π΄πππ(πΈπ»πΉπΎ) Con la collaborazione di Angela Santamaria Estero (calendario australe) Ordinaria 2008β Problema 2 2/ 2 www.matefilia.it