Esercizio del 22.01.2010 Soluzione
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Esercizio del 22.01.2010 Soluzione
Esercizio del 22.01.2010 Risolvere il sistema reticolare in figura: Soluzione Equilibrio globale del sistema - Equazione dei momenti rispetto al polo 2 Y4 2l − Fl − Fl − 2 Fl = 0 da cui Y4 = 2 F - Equazione di equilibrio in direzione X – somma delle forze X2 + F = 0 da cui X 2 = −F - Equazione di equilibrio in direzione Y – somma delle forze Y2 + Y4 − F − 2 F = 0 da cui Y2 = 3F − Y4 = F Equilibrio del Nodo 4 Somma delle forze in direzione orizzontale: 2 − N14 − N 34 = 0 2 Somma delle forze in direzione verticale: 2 N14 + Y4 = 0 2 dove la reazione Y4 è già stata determinata dalle equazioni di equilibrio globali dell’intero sistema. N14 N34 Y4 Risolvendo il sistema di 2 equazioni in 2 incognite si ottiene N14 = − 2Y4 = −2 2 F N 34 = − ( ) 2 2 N14 = − −2 2 F = 2 F 2 2 Equilibrio del Nodo 1 F F N14= −2 2F N12 N13 Il sistema è pertanto: 2 − 2F + F = 0 − N12 2 2 − N − N13 + 2 F − F = 0 12 2 che risolto, fornisce N12 = − 2 F 2 + F = 2F N13 = − − 2 F 2 ( ) Somma delle forze in direzione orizzontale: 2 2 − N12 + N14 +F =0 2 2 Somma delle forze in direzione verticale: 2 2 − N12 − N13 − N14 −F =0 2 2 dove la N14 è già stata determinata e pertanto nota. Equilibrio del Nodo 3 − N 23 + N 34 = 0 N13 − 2 F = 0 ovvero − N 23 + 2 F = 0 2 F − 2 F = 0 da cui N 23 = 2 F N13=2F N23 N34=2F 2F Non è necessario effettuare l’equilibrio del nodo 2 in quanto le grandezze incognite (reazioni vincolari e sforzi nelle aste) sono tutti noti. Riassumendo, è possibile compilare la seguente tabella Asta 1-2 1-3 1-4 2-3 3-4 Sforzo − 2F 2F −2 2F 2F 2F − 2F −2 2F