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UNIVERSITA’ DEGLI STUDI DI FIRENZE Dipartimento di Ingegneria Civile e Ambientale Sezione geotecnica (www.dicea.unifi.it/geotecnica) “STATO CRITICO” Corso di Geotecnica Ingegneria Edile, A.A. 2012/2013 Johann Facciorusso [email protected] http://www.dicea.unifi.it/~johannf/ Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Esercizio 1 Una prova triassiale consolidata isotropa drenata (TXCID) viene eseguita, ad una pressione costante di cella di 120 kPa, su un provino di argilla normalconsolidata (NC). Il deviatore a rottura, qf, vale 140 kPa. Disegnare sul piano (p’,q) la linea di stato critico (CSL) e determinarne la pendenza M. Nell’ipotesi che il provino venga portato a rottura per estensione assiale, qf = 1 – 3 determinare il deviatore, qfe. a rottura. Dati: - Prova TXCID (standard, ovvero a compressione) - Argilla NC (c’ = 0 kPa) - c = 120 kPa - qf = 140 kPa c c Calcolare: -M -qfe (da prova non standard, ad estensione) c 2 = 3 = c =cost. ’2 = ‘3 = ‘c = cost.) 2/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Soluzione: q Quando non specificato sia assume la back pressure (b.p.) uguale a zero: M F qf 1 c = ’c = p’c = 120 kPa 3 1 A p’c p’f p’ Il percorso tensionale che il provino segue durante la fase di compressione, sia in tensioni totali che efficaci (TSP=ESP) sul piano p’-q ha equazione: q = 3 (p-p’c) La linea di stato critico (CSL) ha equazione: q=M p’ q = 3 (p-p’c) F(p’f,qf) q = M p’ qf = 3(p’f – p’c) =3(qf/M-p’c) M = 3qf/(qf + 3p’c)= 3*140/(140+3*120)= 0.84 (qf + 3p’c)/3 =(qf/M) 3/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 q Quando la prova è condotta in modalità non standard, in estensione, la tensione assiale rimane costante mentre aumenta quella radiale, che diventa quella maggiore: M F qf 1 3 p’c 1 A p’f a = 3 = cost. = p’c = 120 kPa p’fe p’ 3 qfe 2 r = 1 = 2 = cresc. q = (1 – 3) = 1 FE p’ = (21 + 3)/3 = 21/3 Me q/ p’ = 3/2 1 Il percorso tensionale che il provino segue durante la fase di estensione, sia in tensioni totali che efficaci (TSP=ESP) sul piano p’-q ha equazione: q = 3/2 (p-p’c) La linea di stato critico (CSL) ha equazione: q=Me p’ Essendo: 6 sencs' M 3 sencs' 6 sencs' Me 3 sencs' 3Me/(6-Me) = 3M/(6+M) = 3*0.84*(6+0.84) = 17.24 Me = 3M/(6+M) = 3*0.84/(6+0.84) = 0.37 4/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 q M F qf 1 Fe(p’fe,qfe) =ESP CSL q = Me p’ 3 p’c 1 A p’f p’fe p’ 3 qfe q = 3/2 (p-p’c) qfe = 3(p’fe – p’c)/2 = Me p’fe (2Me-3) p’fe = 3p’c 2 FE p’fe = 3p’c/ (3-2Me) = 3*120/(3-2*0.37) = 159.29 kPa Me 1 qfe = Me p’fe = 0.37*159.29 = 58.93 kPa < qf 5/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Esercizio 2 Un provino di terreno saturo viene consolidato isotropicamente in una cella triassiale. I valori delle pressione di cella applicate e dell’indice dei vuoti finale raggiunto, sono riportati di seguito. (A) (B) Scarico (C) Carico Pressione di cella [kPa] 200 1000 500 Indice dei vuoti finale [-] 1.72 1.20 1.25 Determinare i parametri , e e disegnare le corrispondenti linee di normalconsolidazione (NCL) e di scarico (URL) sul piano (v, ln p’) Dati: - Consolidazione isotropa (si assume b.p.=0, ovvero p’=p) - pc(A) =200 kPa; pc(B) =1000 kPa; pc(C) =500 kPa - e(A) =1.72; e(B) =1.20; e(C) =1.25 - v(A) = 1 + e(A)= 2.72; v(B) =2.20; v(C) =2.25 Calcolare: - , , 6/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Soluzione: La linea NCL ha equazione, sul piano q=0: v = lnp’ e per poterla disegnare sul piano (p’,v) e determinarne i coefficienti e occorre conoscere almeno due punti per i quali passa , ovvero A(200,2.72) e B(1000,2.20) q v(A)= – lnp’c(A) A,BNCL A v(B)= – lnp’c(B) B p’ v 2.72 = – ln200 2.20 = – ln1000 0.52= ln(1000/200) A = 0.323 2.72 = – ln200 = 4.43 B p’ 7/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 La linea URL ha equazione, sul piano q=0: v = v lnp’ e per poterla disegnare sul piano (p’,v) e determinarne i coefficienti vk e occorre conoscere almeno due punti per i quali passa , ovvero B(1000,2.20), C(500,2.25) q v(B)= vk – lnp’c(B) B,CURL A C v(C)= vk – lnp’c(C) B p’ v 2.20 = vk – ln1000 2.25 = vk – ln500 A 0.05= ln(1000/500) B C p’ = 0.0721 2.25 = vk – ln500 vk = 2.70 8/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Introduzione Esercizio 3 Due provini, A e B, della stessa argilla vengono consolidati isotropicamente nella cella triassiale ad una pressione di cella pc = 400 kPa e quindi sottoposti ad uno scarico fino a raggiungere un valore di pressione di cella p0 = 300 kPa (si assuma una back pressure di 100 kPa). Sul provino A viene quindi condotta una prova TXCID, mentre sul provino B una prova TXCIU. Noti i parametri del terreno: = 0.3, = 0.05, e0 = 1.10 e ’cs = 30°. Stimare: a) i valori delle tensioni p’, q, ’1 e ’3 corrispondenti alla plasticizzazione e alla rottura, per ciascun provino; b) l’eccesso di pressione interstiziale u, corrispondente alla plasticizzazione e alla rottura per il provino B Dati: - Consolidazione isotropa pc = 400 kPa; p0 =300 kPa; - b.p. = 100 kPa p’c = pc – b.p. = 300 kPa; p’0 =p0 – b.p. = 200 kPa; - Grado di sovraconsolidazione isotropo: R0 = p’c/p’0 =300/200= 1.5; deb. sovracons. - Provino A: prova TXCID; Provino B: prova TXCIU; 6 sencs' - =0.3; = 0.05; e0 =1.10; ’cs=30° = 1.2 9/18 M ' 3 sencs Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Calcolare: - p’y, qy, ’1y ,’3y - p’f, qf, ’1f ,’3f - uy , uf Soluzione:provino A Con riferimento al modello di Cam-Clay modificato, lo stato di plasticizzazione corrisponde all’intersezione del percorso efficace (ESP) con l’ellisse di plasticizzazione (EPL), di equazioni: F q 3 M p’2+q2/M2-p’p’c=0 1 Y (p’y,qy) =ESP EPL Y B A p’0 p’c p’ q = 3(p’-p’0) p’2+9(p’-p’0)2/M2-p’p’c=0 p’2+9/M2p’ 2+9/M2p’02 -18/M2p’0p’-p’cp’=0 v (1+9/M2)p’ 2-(18/M2p’0+p’c)p’ +9/M2p’02 =0 7.25p’ 2-2800p’ +250000 =0 URL M 140.1 kPa A B Y p’y = F p’ 246.1 kPa -179.7 kPa qy = 138.3 kPa Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Lo stato di rottura corrisponde all’intersezione del percorso efficace (ESP) con la linea di stato critico (CSL), di equazioni: F q M q = M p’ F (p’f,qf) =ESP CSL Y A B p’0 p’c p’ v q = 3(p’-p’0) Mp’=3(p’-p’0) (3-M)p’=3p’0 URL A B M p’f =3p’0/(3-M)= 3*200/(3-1.2)= 333.3 kPa qf = Mp’f = 1.2*333.3 = 400 kPa Y F p’ Essendo: q = ’1-’3; p’=(’1+2’3)/3 ’1y = 338.3 kPa; ’1f 600 kPa ’3y = 200 kPa; ’3f = 200 kPa ’1= (2q+3p’)/3 ’3= (3p’-q)/3 11/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Soluzione:provino B q F M Y A B p’0 p’c Con riferimento al modello di Cam-Clay modificato, lo stato di plasticizzazione corrisponde all’intersezione del percorso efficace (ESP) con l’ellisse di plasticizzazione (EPL), di equazioni: p’2+q2/M2-p’p’c=0 Y (p’y,qy) =ESP EPL p’ = p’0 p’ p’02+q2/M2-p’ 0p’c=0 q2= (p’0p’c- p’02 )M2 = (200*300-2002)*1.22 qy = ± 169.7 kPa v URL BY M F p’y = 200 kPa A Y Nel modello di Cam-Clay modificato, imponendo: p’ M =EPL CSL M =URL CSL A =URL NCL ln v(A) = 1+e0 = – lnp’c N = 3.81 = 3.81-(0.3-0.05)ln2 = 3.64 12/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Lo stato di rottura corrisponde all’intersezione del percorso efficace (ESP) con la linea di stato critico (CSL), di equazioni: q F F1 M Y 3 vf = v0 = 1+e0 F (p’f,qf) =ESP CSL 1 A B p’0 p’c p’ q v0 = – lnp’f vf = – lnp’f p’f =e – v0)/ = 167.7 kPa qf =Mp’f = 201.3 kPa ’1y = 313.1 kPa; ’1f = 301.9 kPa ’3y = 143.3 kPa; ’3f = 100.6 kPa URL BY M F A Y p’ Siccome il percorso TSP è rettilineo di inclinazione 1:3, risulta che: py = qy /3 + p0 = 356.6 kPa qy = 3(py-p0) pf = qf /3 + p0 = 367.1 kPa qf = 3(pf-p0) uy = py – p’y = 356.6 – 200 = 156.6 kPa uf = pf – p’f = 345.5 – 113.7 = 199.4 kPa 13/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Esercizio 4 Determinare la resistenza al taglio non drenata cu da una prova TXCIU e seguita su un terreno avente ’cs = 25° nell’ipotesi che venga consolidato isotropicamente ad una pressione di cella di 350 KPa e successivamente scaricato ad una pressione di 70 kPa. Dati: - Prova TXCIU - ’cs= 25° 6 sencs' M 3 sencs' = 0.98 - p’c = pc (b.p.=0)=350 kPa; p’0 =p0 = 70 kPa; R0 = pc/p0 =350/70= 5; Calcolare: - cu Soluzione: Il provino risulta fortemente sovraconsolidato (R0 >2) e lo stato a rottura (F) non coincide con quello critico (C) e, con riferimento al primo, applicando il criterio di Tresca: cu = qf/2 14/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 p’2+q2/M2-p’p’c=0 F (p’f,qf) =EPL ESP q F M p’ = p’0 p’02+q2/M2-p’ 0p’c=0 qf2= (p’0p’c- p’02 )M2 C A B p’0 p’c p’ q cu = qf/2 = M/2 (p’0p’c- p’02 )1/2 = Mp’0/2(R0-1) 1/2 URL BF C M F cu = 0.98*70/2(5-1)1/2 = 68.6 kPa A p’ 15/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 Introduzione Esercizio 5 Un provino di argilla satura è consolidato in cella triassiale con pressione isotropa pc0 = 200 kPa. Al termine della consolidazione il volume del provino è V0 = 86 cm3 e l'indice dei vuoti e0 = 1.6. La pressione isotropa di cella è portata fino al valore pc1 = 400 kPa e, a fine consolidazione, il provino ha espulso un volume d'acqua Vw1 = 5.956 cm3. La pressione isotropa di cella è poi ridotta fino al valore pc2 = 300 kPa, e ciò determina l'assorbimento di un volume d'acqua Vw2 = 0.476 cm3. Determinare i valori dei parametri e applicando il modello Cam Clay. Dati: - Consolidazione isotropa p’c0 = pc0 (b.p.=0) = 200 kPa p’c1 = pc1 (b.p.=0) = 400 kPa p’c3 = pc3 (b.p.=0) = 300 kPa (A) V0 = 86 cm3; e0 = 1.6 (B) V1 = V0- Vw1 = 86-5.956 = 80.044 cm3 (C) V2 = V1+ Vw2 = 80.044+0.476 = 80.520 cm3 Calcolare: - , , 16/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 A (p’c0,v0) = (200 kPa; 2.600) Soluzione: V/V0 = V1-V0)/V0 =e/(1+e0)=e1-e0)/(1+e0) q e1 = e0+(1+e0)V1-V0)/V0=e0-(1+e0)Vw1 /V0 e1 = 1.6-(1+1.6)*5.956/86 = 1.420 v1 = 1+e1 = 2.420 A C B p’ v B (p’c1,v1) = (400 kPa; 2.420) e2 = e1+(1+e1)V2-V1)/V1=e1+(1+e1)Vw2 /V1 e2 = 1.420+(1+1.420)*0.476/80.044 = 1.434 v2 = 1+e2 = 2.434 A B C (p’c2,v2) = (300 kPa; 2.434) v0 = – lnp’c0 C p’ A,BNCL 2.600 = – ln200 2.420 = – ln400 v1 = – lnp’c1 0.18= ln(400/200) = 0.260 2.600 = – ln200 = 3.98 17/18 Dr. Ing. Johann Facciorusso Introduzione Corso di Geotecnica per Ingegneria Edile A.A. 2012/2013 A (p’c0,v0) = (200 kPa; 2.600) Soluzione: v1 = – lnp’c1 q B,CURL A C v2 = – lnp’c2 2.420 = v – ln400 B p’ 2.434 = v – ln300 v 0.014 = ln(400/300) A B = 0.0487 2.420 = v – ln200 vk = 2.68 C p’ ln = 3.98-(0.260-0.0487)ln2 = 3.83 18/18